高中数学总复习考点知识讲解练习7 三角函数的图象与性质(解析版)

【考点提炼】

考点知识一 三角函数的定义、诱导公式及基本关系

πsin α22

1．同角关系：sinα＋cosα＝1，＝tan αα≠＋kπ，k∈Z.

2cos αkπ

2．诱导公式：在＋α，k∈Z的诱导公式中“奇变偶不变，符号看象限”．

2

【考点突破】

5π5π【典例】1(1)已知角α的终边上一点的坐标为sin ，cos ，则角α的最小正值为() 665π11π5π2π

A. B. C. D. 6633

【答案】C

5π5π31【解析】 角α的终边上一点的坐标为sin ，cos ，即为点，－，在第四象限，且满

6622135π

足cos α＝，sin α＝－，故α的最小正值为，故选C.

223

(2)(2021·山东师范大学附中模拟)若sin θ＝5cos(2π－θ)，则tan 2θ等于()

A．－

5555 B. C．－ D. 3322

1 / 23

【答案】C

【解析】 ∵sin θ＝5cos(2π－θ)，

∴sin θ＝5cos θ，得tan θ＝5，

2tan θ25

∴tan 2θ＝＝2

1－tanθ1－5

＝－2

5

. 2

π二级结论 (1)若α∈0，，则sin α<α2

(2)由(sin α±cos α)＝1±2sin αcos α，可知一求二．

2

π【拓展训练】1(1)(2021·全国Ⅲ)已知2tan θ－tanθ＋＝7，则tan θ等于()

4A．－2 B．－1 C．1 D．2

【答案】D

π1＋tan θ【解析】2tan θ－tanθ＋＝2tan θ－＝7，

41－tan θ解得tan θ＝2.

15π(2)已知α∈(0，π)，且cos α＝－，则sin＋α·tan(π＋α)等于()

172151588

A．－ B. C．－ D.

17171717

【答案】D

π【解析】sin＋α·tan(π＋α)＝cos α·tan α＝sin α，

2

2 / 23

15

因为α∈(0，π)，且cos α＝－，

17

所以sin α＝1－cosα＝

2

15281－－＝. 1717

即sin

π＋α·tan(π＋α)＝8.故选D.

172

【考点提炼】

考点知识二 三角函数的图象与【解析】式

三角函数图象的变换

3 / 23

【考点突破】

【典例】2(1)已知函数f(x)＝Asin(ωx＋φ)(A>0，ω>0，|φ|<π)是奇函数，且f(x)的最小正周期为π，将y＝f(x)的图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变)，所得图象对应的函数为

πg(x)．若g＝2，则f 43π等于() 8

A．－2 B．－2 C.2 D．2

【答案】C

【解析】 ∵f(x)的最小正周期为π，∴ω＝2.

又f(x)＝Asin(2x＋φ)是奇函数，

∴φ＝kπ(k∈Z)，∵|φ|<π，∴φ＝0，

∴f(x)＝Asin 2x，则g(x)＝Asin x，

ππ∵g＝2，即Asin ＝2，∴A＝2. 44∴f(x)＝2sin 2x，

∴f 

3π＝2sin2×3π＝2.故选C.

88

π

(2)设函数g(x)＝sin ωx(ω>0)向左平移个单位长度得到函数f(x)，已知f(x)在[0,2π]上有且

5ω只有5个零点，则下列结论正确的是________．

①f(x)在(0,2π)上有且只有3个极大值点，2个极小值点；

π②f(x)在0，上单调递增； 10

4 / 23

1229③ω的取值范围是，. 510

【答案】 ②③

【解析】 依题意得f(x)＝sinωx＋



ππ＝sinωx＋， 5ω5

2π

T＝，如图：

ω

对于①，根据图象可知，xA≤2ππ5π52π24πππ2π29π

对于③，因为xA＝－＋T＝－＋×＝，xB＝－＋3T＝－＋3×＝，所以5ω25ω2ω5ω5ω5ωω5ω24π29π1229

≤2π<，解得≤ω<，所以③正确； 5ω5ω510

3ππ1π12π3π29对于②，因为－＋T＝－＋×＝，由图可知f(x)在0，上单调递增，因为ω<5ω45ω4ω10ω1010ω3π3πππ<3，所以－＝1－<0，所以f(x)在0，上单调递增，故②正确．故②③正确．

1010ω10ω10易错提醒 (1)根据零点求φ值时注意是在增区间上还是在减区间上．

(2)注意变换时“先平移后伸缩”与“先伸缩后平移”的区别．

π【拓展训练】2(1)(2021·全国Ⅰ)设函数f(x)＝cosωx＋在[－π，π]上的图象大致如图，则

6f(x)的最小正周期为()

5 / 23

10π7π4π3πA. B. C. D.

9632

【答案】C

【解析】 由图象知π2π即π<<2π，所以1<|ω|<2.

|ω|

4π因为图象过点－，0， 9

π4π

所以cos－ω＋＝0，

694πππ

所以－ω＋＝kπ＋，k∈Z，

962

93

所以ω＝－k－，k∈Z.

44

3

因为1<|ω|<2，故k＝－1，得ω＝.

2

故f(x)的最小正周期为T＝

2π4π＝. ω3

ππ(2)已知函数f(x)＝sin(ωx＋φ)|φ|<，ω>0的图象在y轴右侧的第一个最高点为P，1，

26

6 / 23

在原点右侧与x轴的第一个交点为Q

5π，0，则f



12π的值为()

3

123

A．1 B. C. D.

222

【答案】B

Tπ2π

【解析】＝|Px－Qx|＝(Px，Qx分别为P，Q的横坐标)，T＝π＝，ω＝2；点P为最高点，代入

44ωππππππP的坐标得＋φ＝2kπ＋，k∈Z，φ＝2kπ＋，k∈Z，又|φ|<，则φ＝，f(x)＝sin2x＋，

6326265π1π2ππf ＝sin＋＝sin ＝，故选B.

66233

【考点提炼】

考点知识三 三角函数的性质

函数y＝Asin(ωx＋φ)(A>0，ω>0)的性质

π

(1)奇偶性：φ＝kπ(k∈Z)时，函数y＝Asin(ωx＋φ)为奇函数；φ＝kπ＋(k∈Z)时，函数y＝

2Asin(ωx＋φ)为偶函数．

(2)三角函数的周期性：f(x)＝Asin(ωx＋φ)和f(x)＝Acos(ωx＋φ)的最小正周期为π

Atan(ωx＋φ)的最小正周期为.

ω

2π

；y＝ω

(3)根据y＝sin t的性质研究y＝sin(ωx＋φ)(ω>0)的性质：

由－

πππ3π＋2kπ≤ωx＋φ≤＋2kπ(k∈Z)可得增区间，由＋2kπ≤ωx＋φ≤＋2kπ(k∈Z)可2222

7 / 23

π

得减区间；由ωx＋φ＝kπ(k∈Z)可得对称中心；由ωx＋φ＝kπ＋(k∈Z)可得对称轴．

2

【考点突破】

π－2x，把y＝f(x)的图象向左平移π个单位长度得到函数g(x)

66

【典例】3(1)已知函数f(x)＝cos的图象，则下列说法正确的是()

3πA．g＝

32

π

对称 2

B．g(x)的图象关于直线x＝

πC．g(x)的一个零点为，0 3

π5πD．g(x)的一个单调递减区间为－，

1212

【答案】D

ππ【解析】 因为f(x)＝cos－2x＝cos2x－， 66πππ所以g(x)＝cos2x＋－＝cos2x＋，

666

5π3π所以g＝cos ＝－，故A错误； 623

πkππ

令2x＋＝kπ，k∈Z，得对称轴方程为x＝－，k∈Z，故B错误；

6212

ππkππ

令2x＋＝kπ＋，k∈Z，得对称中心的横坐标为x＝＋，k∈Z，故C错误；

6226

8 / 23

ππ5π因为x∈－，，故μ＝2x＋∈[0，π]，因为y＝cos μ在[0，π]上是减函数，故g(x)＝61212ππ5πcos2x＋在－，上是减函数，故D正确．

61212

ππ(2)设函数f(x)＝3sin ωx＋cos ωx(ω>0)，其图象的一条对称轴在区间，内，且f(x)的最

63

小正周期大于π，则ω的取值范围是()

1A.，1 B．(0,2) C．(1,2) D．[1,2) 2

【答案】C

πππ【解析】 由题意得f(x)＝3sin ωx＋cos ωx＝2sinωx＋(ω>0)．令ωx＋＝＋kπ，k662πkπππkππππ∈Z，得x＝＋，k∈Z，因为f(x)的图象的一条对称轴在区间，内，所以<＋<，

3ωω63ωω3632π

所以3k＋1<ω<6k＋2，k∈Z.又f(x)的最小正周期大于π，所以>π，解得0<ω<2，所以ω的取

ω值范围是(1,2)．故选C.

【方法总结】

已知三角函数的单调区间求参数取值范围的三种方法

(1)子集法：求出原函数的相应单调区间，由已知区间是所求某区间的子集，列不等式(组)求解．

(2)反子集法：由所给区间求出整体角的范围，由该范围是某相应正弦、余弦函数的某个单调区间的子集，列不等式(组)求解．

1

(3)周期性：由所给区间的两个端点到其相应对称中心的距离不超过个周期列不等式(组)求解．

4

【拓展训练】3(1)(多选)(2021·武汉模拟)已知函数f(x)＝|cos x|－|sin|x||，下列说法正确的是()

9 / 23

A．f(x)是偶函数 B．f(x)是周期为π的函数

3πC．f(x)在区间π，上单调递减 D．f(x)的最大值为2 2【答案】ABC

【解析】 函数f(x)的定义域为R，由f(－x)＝|cos(－x)|－|sin|－x||＝|cos x|－|sin|x||＝f(x)，知f(x)是偶函数，故A正确；f(x＋π)＝|cos(x＋π)|－|sin|x＋π||＝|cos x|－|sin|x||＝f(x)，3ππ所以f(x)是周期为π的函数，故B正确；当x∈π，时，f(x)＝－cos x＋sin x＝2sinx－，

243ππf(x)＝cos πf(x)在区间π，上单调递减，故C正确；当x∈0，时，x－sin x＝－2sinx－224

ππ∈[－1,1]，当x∈，π时，f(x)＝－cos x－sin x＝－2sinx＋∈(－1,1)．又f(x)是周期

42

为π的函数，所以f(x)的值域为[－1,1]，故D不正确．

(2)(2021·北京海淀区模拟)已知函数f(x)＝2sin ωx，g(x)＝2cos ωx，其中ω>0，A，B，C是这两个函数图象的交点，且不共线．

①当ω＝1时，△ABC的面积的最小值为________；

②若存在△ABC是等腰直角三角形，则ω的最小值为________．

π

【答案】 ①2π ②

2

【解析】 函数f(x)＝2sin ωx，g(x)＝2cos ωx，其中ω>0，A，B，C是这两个函数图象的交点．

①当ω＝1时，f(x)＝2sin x，g(x)＝2cos x，如图所示，

10 / 23

22

＋·2＝2， 22

所以AB＝2π，高为2·

1

所以S△ABC＝·2π·2＝2π.

2

②若存在△ABC是等腰直角三角形，利用直角三角形斜边的中线等于斜边的一半，则

2π

＝ω

22·

π22

＋2·，解得ω的最小值为.

222

专题训练

一、单项选择题

4

1．已知角α的终边过点P(－3,8m)，且sin α＝－，则m的值为()

5

1133A．－ B. C．－ D.

2222

【答案】A

【解析】 因为角α的终边过点P(－3，8m)，

所以sin α＝

8m9＋8m

4

＝－<0， 2

5

11 / 23

1

解得m＝－.

2

cos α－2sin α

2．已知直线3x－y－1＝0的倾斜角为α，则的值为()

sin α＋cos α

111115A．－ B．－ C．－ D．－

10244

【答案】D

【解析】 由3x－y－1＝0得，y＝3x－1，∴tan α＝3，

cos α－2sin α

cos αcos α－2sin a1－2tan α1－2×35

∴＝＝＝＝－. sin α＋cos αsin α＋cos αtan α＋13＋14

cos α

3．若f(x)＝sin x＋3cos x在[－m，m](m>0)上是增函数，则m的最大值为()

5π2πππA. B. C. D.

6363

【答案】C

【解析】 ∵f(x)＝sin x＋3cos x

31＝2sin x＋cos x

22

π＝2sinx＋在[－m，m](m>0)上是增函数， 3

ππππ

∴－m＋≥－，且m＋≤. 3232

5ππππ

求得 m≤，且 m≤，∴m≤，∴06666

12 / 23

π

故m的最大值为.

6

2π4．已知曲线C1：y＝cos x，C2：y＝sin2x－，则下面结论正确的是() 3

7π

A．把C1上各点的横坐标伸长到原来的2倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向左平移个单位长度，

12得到曲线C2

π

B．把C1上各点的横坐标伸长到原来的2倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向右平移个单位长度，

6得到曲线C2

17π

C．把C1上各点的横坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向右平移个单位长度，212得到曲线C2

1π

D．把C1上各点的横坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向左平移个单位长度，得26到曲线C2

【答案】C

2π7πππ【解析】C2：y＝sin2x－＝sin2x－＝sin2x－＋，

12233

πC1：y＝cos x＝sinx＋，

2

17π

把C1上各点的横坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向右平移个单位长度，得到

212曲线C2，故选C.

π15．已知函数f(x)＝sin(ωx＋φ)ω>0，0<φ<，f(x1)＝1，f(x2)＝0，若|x1－x2|min＝，且f

221

2

13 / 23

1

＝，则f(x)的单调递增区间为() 2

5115A.－＋2k，＋2k，k∈Z B.－＋2k，＋2k，k∈Z 66661751C.－＋2kπ，＋2kπ，k∈Z D.＋2k，＋2k，k∈Z 6666【答案】B

1T12π

【解析】 设f(x)的周期为T，由f(x1)＝1，f(x2)＝0，|x1－x2|min＝，得＝⇒T＝2⇒ω＝＝

2422π，

11111

由f ＝，得sinπ＋φ＝，即cos φ＝，

22222πππ又0<φ<，∴φ＝，f(x)＝sinπx＋.

323πππ

由－＋2kπ≤πx＋≤＋2kπ，k∈Z，

232

51

得－＋2k≤x≤＋2k，k∈Z.

66

15∴f(x)的单调递增区间为－＋2k，＋2k，k∈Z.

66

π

对称，则函数y＝4

6．已知函数f(x)＝asin x－bcos x(a，b为常数，a≠0，x∈R)的图象关于x＝

f 

3π－x是()



4

A．偶函数且它的图象关于点(π，0)对称

B．偶函数且它的图象关于点

3π，0对称

2

14 / 23

C．奇函数且它的图象关于点

3π，0对称

2

D．奇函数且它的图象关于点(π，0)对称

【答案】D

π

【解析】 ∵函数f(x)的图象关于直线x＝对称，

4

2π22∴f ＝(a－b)＝±a＋b，

42平方得a＋2ab＋b＝0，即(a＋b)＝0，

2

2

2

则a＋b＝0，b＝－a，

π则f(x)＝asin x＋acos x＝2asinx＋，

4

3π－x＝2asin3π－x＋π

444

又a≠0，则y＝f 

＝2asin(π－x)＝2asin x为奇函数，且图象关于点(π，0)对称．

1137．已知函数f(x)＝cos ωx－sin ωx(ω>0)在[0，π]内的值域为－1，，则ω的取值范围为

222()

24A.，

332C.0， 3

【答案】A

4B.0， 3

D.(0，1]

15 / 23

13

【解析】 函数f(x)＝cos ωx－sin ωx

22

π＝cosωx＋(ω>0)，

3

1当x∈[0，π]时，f(x)∈－1，，

2

π1π5π∴－1≤cosωx＋≤，则π≤ωπ＋≤，

32332424解得≤ω≤，故ω的取值范围为，.

3333

π38．已知函数f(x)＝tan(ωx＋φ)ω>0，0<φ<的相邻两个对称中心的距离为，且f(1)＝－3，

221

则函数y＝f(x)的图象与函数y＝(－5x－2

A．16 B．4 C．8 D．12

【答案】D

ππ

【解析】 依题意得，函数f(x)＝tan(ωx＋φ)的最小正周期为3，即＝3，得ω＝，则f(x)＝

ω3

πtanx＋φ，

3

π又f(1)＝－3，即tan＋φ＝－3，

3

π2π

所以＋φ＝＋kπ，k∈Z，

33

ππ因为0<φ<，所以φ＝，

23

16 / 23

ππ故f(x)＝tanx＋，

33

2π＋π＝0，

33

又因为f(2)＝tan

所以y＝f(x)关于点(2,0)对称，

1

而y＝也关于点(2,0)对称，

x－2

作出两个函数的图象(图略)，

可知两函数共有6个交点，且都关于点(2,0)对称，

则易知6个交点的横坐标之和为12.

二、多项选择题

9．(2021·新高考全国Ⅰ)如图是函数y＝sin(ωx＋φ)的部分图象，则sin(ωx＋φ)等于()

πA．sinx＋

3

πC．cos2x＋ 6【答案】BC

πB．sin－2x

3

5π－2x



6

D．cos

T2πππ

【解析】 由图象知＝－＝，得T＝π，

2362

17 / 23

2π

所以ω＝＝2.

T

又图象过点

π，0，

6

π2π

由“五点法”，结合图象可得φ＋＝π，即φ＝，

33

2π所以sin(ωx＋φ)＝sin2x＋，故A错误； 3

2πππ由sin2x＋＝sinπ－－2x＝sin－2x知B正确；

3332ππππ由sin2x＋＝sin2x＋＋＝cos2x＋知C正确； 32662ππ5π由sin2x＋＝cos2x＋＝cosπ＋2x－ 366

＝－cos

5π－2x知D错误．



6

10．(2021·河北衡水中学考试)已知向量a＝(2sin x，－1)，b＝(sin x＋3cos x,1)，且函数f(x)＝a·b，则下列说法正确的是()

A．若x1，x2是方程f(x)＝1的两根，则x1－x2是π的整数倍

π

B．当x＝时，f(x)取得最大值

6

ππC.－，是函数f(x)的一个单调递增区间 63

π

D．将函数f(x)的图象向左平移个单位长度后得到一个偶函数的图象

3

【答案】CD

18 / 23

π【解析】 由题意得f(x)＝a·b＝2sin x(sin x＋3cos x)－1＝3sin 2x－cos 2x＝2sin2x－.6πππ5π

若x1，x2是方程f(x)＝1的两根，则2x－＝2kπ＋(k∈Z)或2x－＝2kπ＋(k∈Z)，解得x

6666πππkππ

＝＋kπ(k∈Z)或x＝＋kπ(k∈Z)，则x1，x2关于直线x＝＋(k∈Z)对称或x1－x2是的整62323ππππ数倍，故A错误；f ＝2sin ＝1，而f(x)的最大值为2，故B错误；令－＋2kπ≤2x－≤

6266πππππ＋2kπ(k∈Z)，解得－＋kπ≤x≤＋kπ(k∈Z)，令k＝0，则－，是函数f(x)的一个单

26363πππ调递增区间，故C正确；将函数f(x)的图象向左平移个单位长度后得函数y＝2sin2x＋－363π＝2sin2x＋＝2cos 2x的图象，而函数y＝2cos 2x为偶函数，故D正确．

211．(2021·佛山模拟)已知函数f(x)＝sin x＋sin πx，下列结论正确的是()

A．f(x)是奇函数 B．f(x)是周期函数

C．f(x)在区间(0，π)上有三个零点 D．f(x)的最大值为2

【答案】AC

【解析】 ∵x∈R，f(－x)＝sin(－x)＋sin(－πx)＝－sin x－sin πx＝－f(x)，∴f(x)是奇函数，故A正确；y1＝sin x的周期T1＝2kπ，k∈Z，y2＝sin πx的周期T2＝2n，n∈Z，∵{T1|T1＝2kπ，k∈Z}∩{T2|T2＝2n，n∈Z}＝∅，∴f(x)不是周期函数，故B错误；令f(x)＝sin x＋sin πx＝0，得2kπ

sin πx＝－sin x＝sin(－x)，∴πx＝－x＋2kπ，k∈Z或πx－x＝2kπ＋π，k∈Z，解得x＝，

π＋1k∈Z或x＝

2k＋1π2π4ππ

，k∈Z.又x∈(0，π)，∴x＝或x＝或，∴f(x)在区间(0，

π－1π＋1π＋1π－1

π1

π)上有三个零点，故C正确；当sin x＝1时，x＝2kπ＋，k∈Z.当sin πx＝1时，x＝2k＋，k

22

π

∈Z，∵xx＝2kπ＋，k∈Z

2

1

∩xx＝2k＋，k∈Z

2



＝∅，∴y＝sin x与y＝sin πx不可能

19 / 23

同时取得最大值1，故D错误．

π12．设函数f(x)＝cosωx＋(ω>0)，已知f(x)在[0,2π]上有且仅有3个极小值点，则() 3A．f(x)在(0,2π)上有且仅有5个零点

B．f(x)在(0,2π)上有且仅有2个极大值点

πC．f(x)在0，上单调递减

6710D．ω的取值范围是，

33

【答案】CD

ππππππ

【解析】 因为x∈[0,2π]，所以ωx＋∈，2πω＋.设t＝ωx＋∈，2πω＋，

333333画出y＝cos t的图象如图所示．

π

由图象可知，若f(x)在[0,2π]上有且仅有3个极小值点，则5π<2πω＋≤7π，故f(x)在(0,2

3π)上可能有5,6或7个零点，故A错误；f(x)在(0,2π)上可能有2或3个极大值点，故B错误；由ππ710ππππ5π<2πω＋≤7π，可得<ω≤，故D正确；当x∈0，时，ωx＋∈，ω＋.因为

6333333671013πππ8ππ<ω≤，所以<ω＋≤，故f(x)在0，上单调递减，故C正确．

63318639三、填空题

20 / 23

3π2

13．(2017·全国Ⅱ)函数f(x)＝sinx＋3cos x－x∈0，的最大值是________．

24【答案】1

32

【解析】f(x)＝1－cosx＋3cos x－

4

＝－cos x－

32

＋1. 2

π∵x∈0，，∴cos x∈[0,1]，

2

3π

，即x＝时，f(x)取得最大值，最大值为1. 26

∴当cos x＝

1

14．已知函数f(x)＝3sin xcos x＋cos 2x，若将其图象向右平移φ(φ>0)个单位长度后所得的图

2象关于原点对称，则φ的最小值为________．

π

【答案】

12

π131【解析】 ∵f(x)＝3sin xcos x＋cos 2x＝sin 2x＋cos 2x＝sin2x＋，将其图象向右平6222π移φ(φ>0)个单位长度后所得的图象的函数【解析】式为g(x)＝sin2x－2φ＋，由于函数y＝g(x)6ππkππ的图象关于原点对称．则g(0)＝sin－2φ＝0，∴－2φ＝kπ(k∈Z)，∴φ＝－(k∈Z)，

61226π

由于φ>0，当k＝0时，φ取得最小值.

12

1其中ω>0，|φ|<π的部分图象

15. (2021·北京市八一中学调研)已知函数f(x)＝2sinωx＋φ如图所示，则ω＝________，φ＝________.

21 / 23

π

【答案】2 －

3

7ππ2π

【解析】 由题图知函数的周期是－＝π＝，ω＝2，

66ω

15π又知 f ＝＝1，

5π12×2＋φsin125ππ

所以φ＋＝2kπ＋(k∈Z)．

62

ππ

又|φ|<，故k＝0时，φ＝－.

23

ππ16．(2021·济南模拟)已知函数f(x)＝sin(ωx＋φ)其中ω>0，|φ|<，f －＝0，f(x)≤

28

f



3π恒成立，且f(x)在区间－π，π上单调，则下列说法正确的是________．(填序号) 81224

3π①存在φ，使得f(x)是偶函数；②f(0)＝f ；

4

③ω是奇数；④ω的最大值为3.

【答案】 ②③④

π【解析】f －＝0，f(x)≤f 83π，

8

22 / 23

则3π8－－π8＝π2＝1k4＋2

T，k∈N，

故T＝2π

2k＋1

，ω＝2k＋1，k∈N，

由f －π8＝0，得f(x)＝sin－π8ω＋φ

＝0， 故－π8ω＋φ＝kπ，k∈Z，φ＝π

8

ω＋kπ，k∈Z，

当x∈ππ－12，24时，ωx＋φ∈ωπ24＋kπ，ωπ6＋kπ，k∈Z， f(x)在区间ππ－12，24

上单调，

故π24－π－12πTπ＝8≤2，故T≥4

， 即ω≤8,0<ωππ24≤3，故ωπ6≤π2

，故ω≤3，

综上所述，ω＝1或ω＝3，故③④正确；

ω＝1或ω＝3，故φ＝π8＋kπ或φ＝3π

8

＋kπ，k∈Z，

f(x)不可能为偶函数，①错误；

又f(x)≤

f 

3π8恒成立，

所以x＝3π8为函数的一个对称轴，而3π

4－3π8＝3π8－0，f(0)，f 是关于x＝3π

对称的两点的函数值，所以f(0)＝f

3π48



.

23 / 23

3π4

