人教版八年级下册数学《期中考试试卷》含答案解析

期 中 测 试 卷

学校________ 班级________ 姓名________ 成绩________

一、单选题

1. 下列式子中,属于最简二次根式的是 A.

9 B.

7

C.

20 D.

1 32. 在△ABC中,BC＝6,AC＝8,AB＝10,则该三角形为（ ） A. 锐角三角形 C. 纯角三角形

3. 下列判断错误的是（ ） A. 对角线相等四边形是矩形 B. 对角线相互垂直平分的四边形是菱形 C. 对角线相互垂直且相等的平行四边形是正方形 D. 对角线相互平分的四边形是平行四边形 4. 已知a＝53,b＝A. a＝b

B. 直角三角形 D. 等腰直角三角形

5. 如图,将正方形OABC放在平面直角坐标系中,O是原点,点A的坐标为(1,3),则点C的坐标为( )

A. (－3,1) 6. 如图,己知正方形ABCD的边长为4, P是对角线BD上一点,PE⊥BC于点E, PF⊥CD于点F,连接AP, EF,

的的2,则a与b关系是( )

53B. ab＝1

C. a＝﹣b

D. ab＝﹣5

B. (－1,3) C. (3,1)

D. (－3,－1)

给出下列结论：①PD=2EC；②四边形PECF的周长为8；③△APD一定是等腰三角形；④AP=EF；⑤EF的最小值为22；⑥AP⊥EF,其中正确结论的序号为（ ）

A. ①②④⑤⑥ B. ①②④⑤ C. ②④⑤ D. ②④

二、填空题

7. 二次根式x3中,x的取值范围是___． 8. 计算：246 ________． 29. 若|a﹣7|+b24+（c﹣25）2=0,则以a、b、c为三边的三角形的形状是_____．

10. 如图,平行四边形ABCD的周长为20cm,对角线交于点O,点E是边AB的中点,已知AB6cm,则

OE______cm．

11. 已知如图,以RtABC面积为_______．

三边为斜边分别向外作等腰直角三角形,若斜边AB10,则图中阴影部分的

12. 如图,在矩形ABCD中,BC20cm,点P和点Q分别从点B和点D同时出发,按逆时针方向沿矩形

ABCD的边运动,点P和点Q的速度分别为3cm/s和2cm/s,当四边形ABPQ初次为矩形时,点P和点

Q运动的时间为__________s．

的

三、解答题

13. 化简：1231081 314. 已知x11＝2,求x2214的值． xx111,其中x＝21． 2x4x4x1615. 先化简,再求值：16. 某住宅小区有一块草坪如图所示．已知AB＝3米,BC＝4米,CD＝12米,DA＝13米,且AB⊥BC,求这块草坪的面积．

3的方格中,画出3个面积小于9且大于1的不同的正方形（用阴影部分表示）,而且所17. 在如图所示的3×

画正方形的顶点都在方格的顶点上,并写出相应正方形的边长和面积．

18. 印度数学家什迦罗在其著作中提出过“荷花问题”：“平平湖水清可鉴,面上半尺生红莲；出泥不染亭亭立,忽被强风吹一边；渔人观看忙向前,花离原位二尺远；能算诸君请解题,湖水如何知深浅?” 此题的大致意思是：湖水中一枝荷花高出湖面半尺,被风一吹,荷花倾斜,正好与湖面持平,且荷花与原来位置的水平距离为二尺,问湖水有多深．

19. 如图,在△ABC中,D为AC边的中点,且DB⊥BC,BC=4,CD=5． （1）求DB长；

（2）在△ABC中,求BC边上高的长．

20. 如图,BD是边长为1的正方形ABCD的对角线,BE平分∠DBC交DC于点E,延长BC到点F,使CF=CE,连接DF,交BE的延长线于点G.

（1）求证：△BCE≌△DCF； （2）求CF长．

21. 如图,菱形ABCD的对角线交于点O,点E是菱形外一点,DE∥AC,CE∥BD． （1）求证：四边形DECO是矩形；

（2）连接AE交BD于点F,当∠ADB＝30°,DE＝2时,求AF的长度．

22. 阅读下列解题过程：

的的

11(54)(54)==54=5-2； 2254(54)(54)(5)(4)11(65)(65)==65． 2265(65)(65)(6)(5)请回答下列问题：

1= ； （1）观察上面的解题过程,请直接写出式子76（2）观察上面的解题过程,请直接写出式子1nn1= ；

11111+···+（3）利用上面所提供的解法,请求的值．

100992132435423. 如图,在菱形ABCD中,AB=4cm,∠BAD=60°．动点E、F分别从点B、D同时出发,以1cm/s的速度向点A、C运动,连接AF、CE,取AF、CE的中点G、H,连接GE、FH．设运动的时间为ts（0＜t＜4）． （1）求证：AF∥CE；

（2）当t为何值时,四边形EHFG为菱形；

（3）试探究：是否存在某个时刻t,使四边形EHFG为矩形,若存在,求出t的值,若不存在,请说明理由．

答案与解析

一、单选题

1. 下列式子中,属于最简二次根式的是 A.

9 B.

7

C.

20 D.

1 3【答案】B 【解析】 【分析】

【详解】判定一个二次根式是不是最简二次根式的方法,就是逐个检查最简二次根式的两个条件 (1)被开方数的因数是整数,因式是整式； (2)被开方数中不含能开得尽方的因数或因式是否同时满足,同时满足的就是最简二次根式,否则就不是. ∵93，20=25，13,∴7属于最简二次根式.故选B. 332. 在△ABC中,BC＝6,AC＝8,AB＝10,则该三角形为（ ） A. 锐角三角形 C. 纯角三角形 【答案】B 【解析】 【分析】

根据勾股定理的逆定理解答即可．

【详解】解：∵在△ABC中,BC＝6,AC＝8,AB＝10, ∵BC2+AC2＝AB2, ∴△ABC是直角三角形, 故选B．

【点睛】本题考查勾股定理的逆定理,关键是掌握勾股定理的逆定理：如果三角形的三边长a,b,c满足a2+b2=c2,那么这个三角形就是直角三角形． 3. 下列判断错误的是（ ） A. 对角线相等的四边形是矩形 B. 对角线相互垂直平分的四边形是菱形

B. 直角三角形 D. 等腰直角三角形

C. 对角线相互垂直且相等的平行四边形是正方形 D. 对角线相互平分的四边形是平行四边形 【答案】A 【解析】 【分析】

利用菱形的判定定理、矩形的判定定理、平行四边形的判定定理、正方形的判定定理分别对每个选项进行判断后即可确定正确的选项．

【详解】A、对角线相等的四边形是矩形,错误；

B、对角线相互垂直平分的四边形是菱形,正确；

C、对角线相互垂直且相等的平行四边形是正方形,正确；

D、对角线相互平分的四边形是平行四边形,正确；

故选：A．

【点睛】本题考查了命题与定理的知识,解题的关键是能够了解矩形和菱形的判定定理,难度不大．

4. 已知a＝53,b＝253,则a与b的关系是( ) A. a＝b B. ab＝1

C. a＝﹣b

D. ab＝﹣5

【答案】A 【解析】 【分析】

将b进行分母有理化,然后进行比较即可． 【详解】解：b＝253＝2(53)(53)(53)＝53,a＝53, 所以a=b． 故选A．

【点睛】本题考查了分母有理化,利用平方差公式进行分母有理化是解题关键．

5. 如图,将正方形OABC放在平面直角坐标系中,O是原点,点A的坐标为(1,3),则点C的坐标为(

)

A. (－3,1) 【答案】A 【解析】

B. (－1,3) C. (3,1) D. (－3,－1)

试题分析：作辅助线构造出全等三角形是解题的关键,也是本题的难点．如图：过点A作AD⊥x轴于D,过点C作CE⊥x轴于E,根据同角的余角相等求出∠OAD=∠COE,再利用“角角边”证明△AOD和△OCE全等,根据全等三角形对应边相等可得OE=AD,CE=OD,然后根据点C在第二象限写出坐标即可．∴点C的坐标为 （-,1）故选A．

考点：1、全等三角形的判定和性质；2、坐标和图形性质；3、正方形的性质．

6. 如图,己知正方形ABCD的边长为4, P是对角线BD上一点,PE⊥BC于点E, PF⊥CD于点F,连接AP, EF,给出下列结论：①PD=2EC；②四边形PECF的周长为8；③△APD一定是等腰三角形；④AP=EF；⑤EF的最小值为22；⑥AP⊥EF,其中正确结论的序号为（ ）

A. ①②④⑤⑥ 【答案】A 【解析】 【分析】

B. ①②④⑤ C. ②④⑤ D. ②④

①根据正方形的对角线平分对角的性质,得△PDF是等腰直角三角形,在Rt△DPF中,DP2=DF2+PF2=EC2+EC2=2EC2,求得DP=2EC．

②先证明四边形PECF为矩形,根据等腰直角三角形和矩形的性质可得其周长为2BC,则四边形PECF的周长为8；

③根据P的任意性可以判断△APD不一定是等腰三角形；

④由②可知,四边形PECF为矩形,则通过正方形的轴对称性,证明AP=EF；

⑤当AP最小时,EF最小,EF最小值等于22； ⑥证明∠PFH+∠HPF=90°,则AP⊥EF．

【详解】①如图,延长FP交AB与G,连PC,延长AP交EF与H,

∵GF∥BC, ∴∠DPF=∠DBC, ∵四边形ABCD是正方形 ∴∠DBC=45°∴∠DPF=∠DBC=45°, ∴∠PDF=∠DPF=45°, ∴PF=EC=DF,

的∴在Rt△DPF中,DP2=DF2+PF2=EC2+EC2=2EC2, ∴DP=2EC．故①正确； ②∵PE⊥BC,PF⊥CD,∠BCD=90°, ∴四边形PECF为矩形,

∴四边形PECF的周长=2CE+2PE=2CE+2BE=2BC=8,故②正确； ③∵点P是正方形ABCD的对角线BD上任意一点,∠ADP=45度, ∴当∠PAD=45度或67.5度或90度时,△APD是等腰三角形, 除此之外,△APD不是等腰三角形, 故③错误．

④∵四边形PECF为矩形, ∴PC=EF,

由正方形为轴对称图形, ∴AP=PC, ∴AP=EF, 故④正确；

⑤由EF=PC=AP, ∴当AP最小时,EF最小, 则当AP⊥BD时,即AP=⑥∵GF∥BC, ∴∠AGP=90°, ∴∠BAP+∠APG=90°, ∵∠APG=∠HPF, ∴∠PFH+∠HPF=90°, ∴AP⊥EF, 故⑥正确；

本题正确的有：①②④⑤⑥； 故选：A．

【点睛】本题考查了正方形的性质,垂直的判定,等腰三角形的性质,勾股定理的运用．本题难度较大,综合性较强,在解答时要认真审题．

11BD=×42=22时,EF的最小值等于22,故⑤正确； 22二、填空题

7. 二次根式x3中,x的取值范围是___． 【答案】x3． 【解析】

根据二次根式被开方数必须是非负数的条件,要使x3在实数范围内有意义,必须x30x3． 8. 计算：246 ________． 2【答案】36 2【解析】 【分析】

先化简二次根式,再进行加减运算． 【详解】24663626 222故答案为：

36 2【点睛】考核知识点：二次根式加减．化简二次根式,合并同类二次根式是关键．

9. 若|a﹣7|+b24+（c﹣25）2=0,则以a、b、c为三边的三角形的形状是_____． 【答案】直角三角形 【解析】

∵a70,b240,（c25)20 ,a7b24(c25)20 ∴a70,b240,c250, ∴a7,b24,c25,

而a2b272242625252c2 , ∴以a、b、c为三边的三角形是直角三角形.

a0,a0,a0 ,从而得到a、b、c点睛：（1）利用这三个数的非负性,列出三个关于a、b、c的方程：

的值.

（2） 判定三角形形状,除了根据边长大小关系判断外,若非等边或等腰三角形,一般利用勾股定理的逆定理进行判断是否能组成直角三角形：若a2b2c2,则以这三数为边长的三角形是直角三角形. 10. 如图,平行四边形ABCD的周长为20cm,对角线交于点O,点E是边AB的中点,已知AB6cm,则

2OE______cm．

【答案】2 【解析】 分析】

根据平行四边形的性质求出AD的长,再根据中位线的性质即可求出OE的长． 【详解】解：∵C∵AB6, ∴AD4． ∵E为AB的中点, ∴OE为△ABD的中位线, ∴OEABCD2(ADAB)20,

1AD2． 2故答案为：2．

【点睛】此题主要考查平行四边形与中位线的性质,解题的关键是熟知平行四边形的对边相等． 11. 已知如图,以RtABC的三边为斜边分别向外作等腰直角三角形,若斜边AB10,则图中阴影部分的面积为_______．

【答案】50 【解析】 【分析】

根据勾股定理和等腰直角三角形的面积公式,可以证明：以直角三角形的两条直角边为斜边的等腰直角三角形的面积和等于以斜边为斜边的等腰直角三角形的面积．则阴影部分的面积即为以斜边为斜边的等腰直角三角形的面积的2倍．

【详解】解：在Rt△ABC中,AB2=AC2+BC2,AB=5, S阴影=S△AHC+S△BFC+S△AEB=

1AC21BC21AB2()()() 2222221AC2BC2AB241  AB2211022 =50 故答案为：50.

【点睛】本题考查了勾股定理的知识,要求能够运用勾股定理证明三个等腰直角三角形的面积之间的关系． 12. 如图,在矩形ABCD中,BC20cm,点P和点Q分别从点B和点D同时出发,按逆时针方向沿矩形

ABCD的边运动,点P和点Q的速度分别为3cm/s和2cm/s,当四边形ABPQ初次为矩形时,点P和点

Q运动的时间为__________s．

【答案】4 【解析】 【分析】

根据矩形的性质,可得BC与AD的关系,根据矩形的判定定理,可得BP＝AQ,构建一元一次方程,可得答案． 【详解】解；设最快x秒,四边形ABPQ成为矩形,由BP＝AQ得 3x＝20−2x． 解得x＝4, 故答案为：4．

【点睛】本题考查了一元一次方程的应用,能根据矩形的性质得出方程是解此题的关键．

三、解答题

13. 化简：1231081 3【答案】3+22+1 【解析】 【分析】

原式前三项化为最简二次根式,最后一项利用零指数幂法则计算即可得到结果． 【详解】解：原式=23﹣3×=23﹣3+22+1 =3+22+1．

【点睛】本题考查了实数的运算,熟练掌握运算法则是解答本题的关键． 14. 已知x3+22+1 311＝2,求x2214的值． xx【答案】43． 【解析】

【分析】 将x112=2,等号两边进行两次平方,即可得到x2的值,进而代入求出即可． xx1=2 x【详解】∵x∴(x12)＝4 x1=6 x12∴(x)＝36,

x12∴x2＝34,

x∴x∴x2114＝341443 2x【点睛】本题考查了完全平方公式的运用,重点先找到已知和求解的根式之间的联系,利用x两边同时平方是解题的关键． 15. 先化简,再求值：11,将等式x111,其中x＝21． 2x4x4x16【答案】2x,222 【解析】 【分析】

根据分式的加法和除法可以化简题目中的式子,然后将x

的值代入化简后的式子即可解答本题．

【详解】解：111 2x4x4x16＝

x4x4(x4)(x4)·

(x4)(x4)1＝2x,

当x＝2﹣1时,原式＝2（2﹣1）＝22﹣2．

【点睛】本题考查分式的化简求值,解答本题的关键是明确分式化简求值的方法．

16. 某住宅小区有一块草坪如图所示．已知AB＝3米,BC＝4米,CD＝12米,DA＝13米,且AB⊥BC,求这

块草坪的面积．

【答案】36平方米 【解析】 【分析】

连接AC,根据勾股定理,求得AC,再根据勾股定理的逆定理,判断三角形ACD是直角三角形．这块草坪的面积等于两个直角三角形的面积之和．

． 【详解】连接AC,如图,∵AB⊥BC,∴∠ABC=90°∵AB=3米,BC=4米,∴AC=5米．

,∴△ACD为直角三角形,∴草坪的面∵CD=12米,DA=13米,∴CD2+AC2=144+25=169=132=DA2,∴∠ACD=90°积等于=S△ABC+S△ACD=3×4÷2+5×12÷2=6+30=36（米2）．

【点睛】本题考查了勾股定理和勾股定理的逆定理．

3的方格中,画出3个面积小于9且大于1的不同的正方形（用阴影部分表示）,而且所17. 在如图所示的3×

画正方形的顶点都在方格的顶点上,并写出相应正方形的边长和面积．

【答案】见解析 【解析】 【分析】

根据要求利用勾股定理解决问题即可． 【详解】解：如图,

【点睛】本题考查作图-应用与设计,正方形的性质,勾股定理等知识,解题的关键是熟练掌握基础知识,属于中考常考题型．

18. 印度数学家什迦罗在其著作中提出过“荷花问题”：“平平湖水清可鉴,面上半尺生红莲；出泥不染亭亭立,忽被强风吹一边；渔人观看忙向前,花离原位二尺远；能算诸君请解题,湖水如何知深浅?” 此题的大致意思是：湖水中一枝荷花高出湖面半尺,被风一吹,荷花倾斜,正好与湖面持平,且荷花与原来位置的水平距离为二尺,问湖水有多深．

【答案】3.75尺 【解析】 【分析】

先根据题意构造出直角三角形（即荷花的折断与不断时恰好构成直角三角形）,再根据已知条件求解． 【详解】设水深x尺,则荷花茎的长度为x+0.5, 根据勾股定理得：x0.5x24 解得：x=3.75. 答：湖水深3.75尺. 故答案为：3.75尺.

【点睛】此题考查勾股定理的应用,解题关键在于结合题意列出一元二次方程.

19. 如图,在△ABC中,D为AC边的中点,且DB⊥BC,BC=4,CD=5．

2（1）求DB的长；

（2）在△ABC中,求BC边上高的长．

【答案】（1）BD=3；（2）BC边上高的长为6． 【解析】 【分析】

（1）直接利用勾股定理得出BD的长即可； （2）利用三角形中位线定理得出BD=

1AE,即可得到结论． 2【详解】解：（1）∵DB⊥BC,BC=4,CD=5,∴BD=5242=3； （2）延长CB,过点A作AE⊥CB延长线于点E, ∵DB⊥BC,AE⊥BC,

∴AE∥DB,∵D为AC边的中点, ∴BD=

1AE, 2∴AE=6,即BC边上高长为6．

【点睛】本题考查勾股定理；三角形中位线定理．

20. 如图,BD是边长为1的正方形ABCD的对角线,BE平分∠DBC交DC于点E,延长BC到点F,使CF=CE,连接DF,交BE的延长线于点G.

（1）求证：△BCE≌△DCF； （2）求CF的长．

的

【答案】（1）证明见解析；（2）2-1. 【解析】 【分析】

（1）利用正方形的性质,由全等三角形的判定定理SAS,即可证得△BCE≌△DCF； （2）由BE平分∠DBC,BD是正方形ABCD对角线,及△BCE≌△DCF可得

=∠BGF.从而得到△DBG≌△FBG,根据全等三角形的性质可得BF的长,∠DEG=∠BEC,∠BGD=∠BCD=90°

最后由勾股定理及线段的和差,即可求得CF的长度. 【详解】（1）∵四边形ABCD为正方形, , ∴CB=CD,∠BCD=90°-∠BCD=90°, ∴∠DCF=180°在△BCE和△DCF中,

BCDCBCEDCF, CECF∴△BCE≌△DCF；

（2）∵BD是正方形ABCD的对角线, ∠DBC=

11∠ABC=90=45°,

22∵BE平分∠DBC, ∴∠EBC=

1, ∠DBC=22.5°

2的由（1）知△BCE≌△DCF, , ∴∠EBC=∠FDC=22.5°∵∠DEG=∠BEC,

=∠BGF, ∴∠BGD=∠BCD=90°在△DBG和△FBG中,

DBGFBG, BGBGBGDBGF∴△DBG≌△FBG, ∴BD=BF,DG=FG, ∵BD=AB2AD2∴BF=2,

∴CF=BF-BC=2-1.

【点睛】本题考查了正方形的性质、等腰三角形的判定、全等三角形的判定与性质、勾股定理等,熟练掌握和灵活应用相关的性质定理与判定定理是解题的关键.

21. 如图,菱形ABCD的对角线交于点O,点E是菱形外一点,DE∥AC,CE∥BD． （1）求证：四边形DECO是矩形；

（2）连接AE交BD于点F,当∠ADB＝30°,DE＝2时,求AF的长度．

2,

【答案】（1）详见解析；（2）7 【解析】 【分析】

（1）根据菱形的性质求出∠DOC=90°,根据平行四边形和矩形的判定即可得出结论； （2）求出DF=FO,解直角三角形求出OD,求出OF,根据勾股定理求出AF即可． 【详解】（1）∵四边形ABCD是菱形,∴AC⊥BD,即∠DOC=90°．

∵DE∥AC,CE∥BD,∴四边形DECO是平行四边形,∴四边形DECO是矩形；

（2）∵四边形ABCD是菱形,∴AO=OC．

∵四边形DECO是矩形,∴DE=OC． ∵DE=2,∴DE=AO=2． ∵DE∥AC,∴∠OAF=∠DEF．

AFODFE在△AFO和△EFD中,∵FAODEF,∴△AFO≌△EFD（AAS）,∴OF=DF．

AODE在Rt△ADO中,tan∠ADBOA232,∴,∴DO=23,∴FO3,∴AFAO2FO222 （3）7．DODO3【点睛】本题考查了矩形的判定、菱形的性质、勾股定理、相似三角形的性质和判定等知识点,能综合运用定理进行推理和计算是解答此题的关键． 22. 阅读下列解题过程：

11(54)(54)==54=5-2； 2254(54)(54)(5)(4)11(65)(65)==65． 65(65)(65)(6)2(5)2请回答下列问题：

（1）观察上面的解题过程,请直接写出式子1= ；

761nn1= ；

（2）观察上面的解题过程,请直接写出式子（3）利用上面所提供的解法,请求11111+···+的值．

1009921324354【答案】（1）76；（2）nn1 ；（3）9. 【解析】 【分析】

（1）观察上面化简过程,发现：分母中的两个被开方数正好相差是1,所以运用平方差公式分母有理化后,分母变成了1,分子就是和分母构成平方差公式的式子；

（2）（1）观察上面的化简过程,发现：分母中的两个被开方数正好相差是1,所以运用平方差公式分母有理化后,分母变成了1,分子就是和分母构成平方差公式的式子；

（3）根据（2）的结论,化简各个二次根式,发现抵消的规律,计算出最后结果． 【详解】（1）176==76；

76(76)(76)=（2）1nn1nn1nn1nn1=nn1；

11111+···+=2﹣1+3﹣2+4﹣3+5﹣（3）10099213243544+…+100﹣99=10﹣1=9．

【点睛】本题考查分母有理化的应用,解题的关键是读懂题意,掌握分母有理化的应用.

23. 如图,在菱形ABCD中,AB=4cm,∠BAD=60°．动点E、F分别从点B、D同时出发,以1cm/s的速度向点A、C运动,连接AF、CE,取AF、CE的中点G、H,连接GE、FH．设运动的时间为ts（0＜t＜4）． （1）求证：AF∥CE；

（2）当t为何值时,四边形EHFG为菱形；

（3）试探究：是否存在某个时刻t,使四边形EHFG为矩形,若存在,求出t的值,若不存在,请说明理由．

【答案】（1）证明见解析；（2）t=1,（3）不存在某个时刻t,使四边形EHFG为矩形． 【解析】 【分析】

（1）根据菱形的性质得到∠B=∠D,AD=BC,AB∥DC,推出△ADF≌△CBE,根据全等三角形的性质得到∠DFA=∠BEC,根据平行线的判定定理即可得到结论；

（2）过D作DM⊥AB于M,连接GH,EF,推出四边形AECF是平行四边形,根据菱形的判定定理即可得到四边形EGFH是菱形,证得四边形DMEF是矩形,于是得到ME=DF=t列方程即可得到结论； （3）不存在,假设存在某个时刻t,使四边形EHFG为矩形,根据矩形的性质列方程即可得到结果． 【详解】（1）证明：∵动点E、F同时运动且速度相等, ∴DF=BE,

∵四边形ABCD是菱形,

∴∠B=∠D,AD=BC,AB∥DC, 在△ADF与△CBE中,

DFBEBD ADBC,∴△ADF≌△CBE, ∴∠DFA=∠BEC, ∵AB∥DC, ∴∠DFA=∠FAB, ∴∠FAB=∠BEC, ∴AF∥CE；

（2）过D作DM⊥AB于M,连接GH,EF,

∴DF=BE=t, ∵AF∥CE,AB∥CD,

∴四边形AECF是平行四边形, ∵G、H是AF、CE的中点, ∴GH∥AB,

∵四边形EGFH是菱形, ∴GH⊥EF,

, ∴EF⊥AB,∠FEM=90°∵DM⊥AB, ∴DM∥EF,

∴四边形DMEF是矩形, ∴ME=DF=t,

,DM⊥AB, ∵AD=4,∠DAB=60°∴AM1AD2， 2∴BE=4﹣2﹣t=t,

∴t=1,

（3）不存在,假设存在某个时刻t,使四边形EHFG为矩形, ∵四边形EHFG为矩形, ∴EF=GH, ∴EF2=GH2, 即22t23∴与原题设矛盾,

∴不存在某个时刻t,使四边形EHFG为矩形．

【点睛】属于四边形的综合题,考查全等三角形的判定与性质,菱形的性质,矩形的判定等,掌握菱形的性质,矩形的判定是解题的关键.

22解得t=0,0＜t＜4, 4t，2