自动控制理论 课程综合测试1 学习层次:专升本 时间:90分钟
一. 填空题(每空3分) (15分) 1、对控制系统的基本要求是 、 、 。
2、经典控制理论中,常用 、 或 分析法来分析线性控制系统的性能。
3、闭环系统的稳定性取决于闭环系统的 分布。
4、控制系统的频率特性反映了在 信号作用下系统响应的性能。
5、欠阻尼二阶系统的阶跃响应为 振荡,且ζ越 ,振幅越大。
二.系统结构图如下:
R(s)10M(s)-B(s)E(s)C(s)G(s)H(s)
已知G(s)和H(s)两方框对应的微分方程分别是:
6
dc(t)10c(t)20e(t)dt
db(t)205b(t)10c(t)dt(20分)
且初始条件均为零。试求传递函数C(s)/R(s)及E(s)/R(s)。
三.已知系统的闭环特征方程为:
s64s54s44s37s28s100
试求系统在s 右半平面的根数及虚根值。
四.设单位负反馈系统的开环传递函数为
(20分)
G(s)H(s)K
(s1)(0.5s1)(0.2s1)
(20分)
试绘制系统的大致根轨迹,并确定系统临界稳定的开环增益值K;
五.系统结构图如图所示:
R(s)- k s+3++1 sC(s)试应用奈氏判据判断闭环系统的稳定性。
参
(25分)
一.解:
1、对控制系统的基本要求是 稳定性 、 快速性 、 准确性 。
2、经典控制理论中,常用 时域 、 根轨迹 或 频域 分析法来分析线性控制系统的性能。
3、闭环系统的稳定性取决于闭环系统的 极点 分布。
4、控制系统的频率特性反映了在 正弦 信号作用下系统响应的性能。
5、欠阻尼二阶系统的阶跃响应为 衰减 振荡,且ζ越 小 ,振幅越大。
二.解:将微分方程两边同时作拉氏变换,并考虑到零初始条件,得:
6sC(s)+10C(s)=20E(s) 20sB(s)+5B(s)=10C(s) 于是,得到:
G(s)C(s)2010E(s)6s103s5B(s)102H(s)C(s)20ss1(1)
(2)
由图可知:C(s)G(s)G(s)M(s)10R(s)
1G(s)H(s)1G(s)H(s) 故:
C(s)10G(s) R(s)1G(s)H(s)100(4s1)
12s223s25
将(1),(2)代入并整理,得:(s)再由E(s)=M(s)-B(s)=10R(s)-H(s)C(s)解得:
E(s)10(12s223s5) 10H(s)(s)2R(s)12s23s25
三.解:列Routh表:
s 1 -4 -7 -10
5
s 4 4 -8
4
s (-5) (-5) (10) -1 -1 2
342
s 0 0 对辅助方程-s-s+2=0
3
-4 -2 求导得:-4s-2s=0
2
s -0.5 2
1
s -18
0
s 2
检查表中第一列元素,可以看出:共变号2次。所以,此系统在s右半平面有2个特征根。
42
又,解辅助方程:-s-s+2=0可得:
6
s1,2j2; s3,41
故,系统的虚根值为j2
四.解:G(s)H(s)
K1(其中:K110K)
(s1)(s2)(s5)(1) 根轨迹起点:-1,-2,-5; 根轨迹终点:无穷远处;
实轴上的根轨迹:(∞,-5];[-2,-1-]
渐近线:与实轴的交点
[125]08;
33(2k1) 与实轴的夹角33
系统的根轨迹:
Root Locus108Imaginary Axis20-2-4-6-8-10-16-14-12-10-8-6Real Axis-4-2024
在闭环特征方程中,令s=jω,即可求得:K=12.6,此即为临界稳定的K值.
五.解: 由图求出系统的开环传递函数:G(s)K
(s3)(s1)
故开环频率特性为:G(j)K
(j3)(j1)分别求出实频特性和虚频特性:
K(32)u()0(32)242
2Kv()0(32)242
K,v()0可见: 3: u()=0,v()00: u()=- 且::0时开环幅相特性曲线与实轴、虚轴都没有交点,曲线在第三象限。
根据P=1及奈氏判据可知:
当
K1,即K>3时,开环幅相特性曲线逆时针方向包围(-1,j0)点一周,3K1,即K=3时,开环幅相特性曲线穿过(-1,j0)点,因此闭环系统3因此闭环系统稳定;
当
临界稳定; 当
K1,即K〈3时,开环幅相特性曲线不包围(-1,j0)点,因此闭环系统3不稳定;
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