20 中等数学 = = = = 删 = : 正多边形的内切圆和外接圆的一些性质 马俊华 (江苏省无锡市第一中学,214031) 图 1问题的求解 解法1:当点P位置变化时,d +d;+d; 是定值;d +d +d;不是定值. 题目 P是正△A A A 的内切圆oO 如图1,△AlAzA ^. 上任一点,P到A A 、A A,、A,A 的距离分 与o D内切于点D、 别为d 、d 、d,.问:当点P位置变化时, E、,,不妨设P是劣 d +di+ 是否为定值?dj+d +d;是否 / 、 彻,上任意一点,PP. 为定值?说明理由[ . 上A1 A2,PP2上A2A3, ‘ E 本文给出不同于原解答的两种解法. PP 上A A.,垂足分别 图l 收稿日期:2006—12—25 为P1、P2、P3.则 解法2:如图3,设 D P C 即 +PB :AB . △PAB的内切圆分别 从而。△PAB为直角三角形,BC等于直 与 、船切于点 、 A 角三角形斜边上的高.故 Ⅳ.记 2BC: ≤ :AB. (2)将 =,,( +Y+z)两边加上 ,得 2 =( +,,)(,,+ ), 即2AQ・8Q=PA・胎=2. 贝0 S = ̄/p(P—n)(P一6)(P—c) 故AQ・8Q=1. = 参考文献: 1 [1]罗增儒.成题改编——增加解题的层次(J).中等数 =音s长方彤A眈D=1. 学,2005(6). [2]罗增儒.成题改编——引申(J).中等数学,加05(8). 故xyz( +Y+z)=1. [3]罗增儒.成题改编——移植转换(J).中等数学。2OO5 又 4・PB=(Y+z)( +',) (1O). = +y( +Y+ ) [4]罗增儒.中学数学课例分析(M).西安:陕西师范大学 ≥2 ̄/xyz( +Y+z)=2. 出版社,2001. 于是,当 =y( +Y+ )时, ・船取最小 [5]罗增儒.数学奥林匹克高中训练题(54)(J).中等数 学,2002(1). 值2. [6]文锐,罗增儒.谈我们提供的一道高中联赛试题 (1)将 =Y( +y+z)两边同乘以2 (J).中学数学(苏州),l993(5). 后加上 +z ,得 [7]罗增儒.竞赛好题的再思考(J).中等数学,l997(5). [8]罗增儒.续谈2001年中国西部数学奥林匹克(J).中 ( + ) =(Y+ ) +( +y) , 学数学教学参考,2O02(I1). 维普资讯 http://www.cqvip.com
2OO7年第l2期 dl=PPl,d2=PP2,d3=PP3. 21 A。A 、A A 、A A。的方程分别是 √3 —Y+2=0,Y=一1,43x+Y一2=0. 设PP 与DF交于点Q,则PQ_l- . 易知P、Q、D、P。和P、Q、F、P3分别四 设P(cos 0,sin ),则 点共圆. 因此, Q= P = 啪 = PDP。= 只 。. 同理, 尸QP = PP。Q. 所以,△尸QP。∽△PP3 Q. 鹾=嚣御 PP3 ̄PP。. 在正IX A。DF中, PQ+PP +PP3 = = A。A = 故PP2=PQ+QP2=2eO+PPl+PP3 =2 ̄/PPl。PP3+PPl+ 3, 即d2一dl—d3=2 ̄/dl d3. 两边平方得 d +d;+d;=2dld2+2d2d3+2dld3. 又dl+d2+d3= 0(0是iT./ ̄al A2A3 的边长),则 d21+ +蠢+2dl d2+2d2d3+2dl d3=丢02. 因此, + + =音a2(定值). 设A.E与o 0交于点G,当点P分别在 点D、G处时,计算d:+ +d;的值分别是 44。、 。.因此,当点P位置变化时, d +d:+d;不是定值. 解法2:如图2, A ‘y 以圆心0为原点、 过0与边A A 平行 ~ 的直线为 轴,建立 ./\\J \ 平面直角坐标系. P2 E 不妨设o 0的 半径为1,则直线 图2 d +d;+d; :f、 叟=2 叟± +I, sin 0+11z+ ( ) = [3c0s2 +(sin 0—2) ]+(sin 0+1) :罢(定值). d +d:+d;不是定值的解法同解法1. 2问题的引申 将该题适当引申,不难得到下列结论. 结论1 P是正/Xa。A2A3的内切圆oO 上任一点, 。上A。A2、PP2_l-A2A3、PP3_l- A A。,垂足分别为P。、P 、P3.当点P位置变 化时,△P P2P 的面积为定值. 证明:由解法1可知 dldz+ dzd3+d-ds= a2(f ̄ffi). 故s△PI尸2尸3=s△PI +s +s dld2sin 120 ̄+ 1 d: 2d3sin 120o+ 寺d3dl sin 120o = a2(定值). 结论2 P是正/Xa。A2A3的内切圆oO 上任一点,当点P位置变化时,P到三个顶 点A。、A 、A,的距离的平方和为定值. 证明:在解法2中,设P(c0s 0,sin )、 A。(0,2)、A (一√3,一1)、A (√3,一1).贝0 + ;+ ; :c0s20+(sin 0—2) +(c08 0+ ̄, ) + (sin +1)2+(o0s 0—√j)2+(sin 0+1)2 =15(定值). 维普资讯 http://www.cqvip.com 结论3 P是正△ 1 2 ,的内切圆O0 上任一点,当点P位置变化时,I PA +PA: +PA I为定值. 证明:I PAl+PA2+PA3 I 3 3 . . . .=』∑(oa 一 )』=』∑OA 一30P』 =10—30PI=3I OPI(定值). 结论4 P是正△ 2 的外接圆O 0 上任一点,点P到 。 、A ,、 , 。的距离 分别为d。、d:、d .当点P位置变化时, d +d;+ 为定值. 结论5 P是正△ ,的外接圆O0 上任一点,当点P位置变化时,P到三个顶 点 。、 :、 的距离的平方和为定值. 结论6 P是正△ 。 : ,的外接圆 0 上任一点,当点P位置变化时,I PA。+PA: +PA I为定值. 注:结论4、5的证明类似于解法2,结论 6的证明类似于结论3. 3问题的推广 将上述问题推广到正多边形,可以得到 正多边形的内切圆和外接圆的六个性质. 性质1 P是正多边形 。 … 的内 切圆O 0上任一点,d。,d ,…,d 分别表示 点P到边 。 , ,,…, 。所在直线的 距离,当点P位置变化时, .//d 为定值. 证明:如图3,以 l, 正多边形 … 的中心0为原点、 一 所在的直线为 j 轴建立平面直角 坐标系. 设正多边形 图。 。A:… 的外接圆半径为l, =a,则 中等数学 A (cos(k一1)Ot,sin(k一1)Ot), +l(cos ka,sin ka)(k=1,2,…,n). 当k=n时,点 +。与点 。重合. 直线 +。的斜率为 sin ka—sin(k一1)Ot 万 A+(k一1)Ot.ka一(k一1)Ot eo6————— ——一 sm————— —— n 嘶 cos(2k一1)号 sin(2k一1)昙 所以,直线 …的方程为 cos(2k一1)昙 ’,一sin ka:一———————— ( 一(璐ka), sin(2k一1)要 即 cos(2k一1)2+ysin(2k一1)号一c‘)s号:0. 可以验证,当有某些直线的斜率不存在 时,它们的方程也满足上式. 设正多边形 。 … 的内切圆半径为 r,P(/"(308 0,rsin )为内切圆上的任一点.则 ∞ ’ 点P到边 所在直线的距离为 ,I r ̄(2k一1)号‘cos +rsm(2k—1)号‘sin O一嘶号I √ (2 一1)号+M(zk—1)号 :r{1一cOS[0一(2k一1)昙]}. 故∑d =∑r c0s2[ 一(2后一1)号]一 ∑2r cos[0一(2后一1) ]+∑r :,z 一 2r。∑cos[O一(2后一1) Ot]+W。 1 21 2 = + 1c0s[2 一(2k一1)&]一 维普资讯 http://www.cqvip.com
20O7年第12期 2r2奎c0s[ 一(2k一1)号]+w2. l = ( +r )(与 无关的常数)・ n 又∑cos[20一(2k一1)口] =1 所以,∑PA 为定值. =1 性质3 P是正多边形A。A …A 的内 告———— —一 切圆o 0上任一点,当点P位置变化时, ]sIi ̄(2o一2 )一sin[20一(2.j}一2)4] 一 2sin(一口) : 一 l奎PA l为定值. 证明:设∑OA =a,将正多边形 =1 2sin(一口) :一‘ 0. 同理,∑cos[0一(2k一1)导] 2sin(一 )・COS[ 一(2k一1)鲁] 一 A。A …A 绕点0旋转 ,则 DA1. OA1 DA2 DA3 … DA 兰 一台1 一 2sin(一要)(一 ) 由于正多边形位置没变,只是各顶点的 编号顺序改变,则相应的各向量之和仍是a. 这样,a旋转后仍得a,因此,a只能是0. ! = 2= 二(墨二 2 一台1 2sin(一昙)(一 ) : 故l E PA小:l奎(o4 一卯)l =( 二 2= :0. 2sin(一号) 所以,∑d =吾w . 性质2 P是正多边形A,A,…A 的内 l∑OA 一, l= I OP I(定值). 性质4 P是正多边形A。A …A 的外 接圆o 0上任一点,d。,d ,…,d 分别表示 点P到边A。A ,A A,,…,A A。所在直线的 切圆o D上任一点,当点P位置变化时, 距离,当点P位置变化时,∑d 为定值. =1 ∑PA 为定值. =1 性质5 P是正多边形A。A …A 的外 接圆o D上任一点,当点P位置变化时, 证明:由性质1的证明过程及平面上两 点问距离公式可得 :[c0s( 一1)a—rc0s ] +[sni(k一1)a—rsin ] ∑PA 为定值. =1 =l+r 一2reos ・C08(k一1)a一2rsin ・ ( 一1)口 性质6 P是正多边形A。A …A 的外 接圆o D上任一点,当点P位置变化时, =1+r 一2reos[0一(k一1)4]. ■ n 则∑PA =1 =奎PA l为定值. 注:性质4、5、6的证明分别类似于性质 1、2、3. ∑{1+r 一2rcos[0一(.j}一1)34} =1 参考文献: [1]问题第1637题[J].数学通报,2006(1o). 1 =n(1+r2)一2r∑cos[0一(k一1)4 3 =
因篇幅问题不能全部显示,请点此查看更多更全内容
Copyright © 2019- igat.cn 版权所有 赣ICP备2024042791号-1
违法及侵权请联系:TEL:199 1889 7713 E-MAIL:2724546146@qq.com
本站由北京市万商天勤律师事务所王兴未律师提供法律服务